问题补充：
已知各项为正数的数列{an}满足a12+a22+a32+…+an2=（4n3-n），（n∈N*）．
（Ⅰ）求数列{an}的前n项和Sn；
（Ⅱ）记数列{nan}的前n项和为Tn，试用数学归纳法证明对任意n∈N*，都有Tn≤nSn．
答案：
解：（Ⅰ）当n=1时，有a12=（4×12-1）=1，又an＞0，所以?a1=1（1分）
当n≥2时，（a12+a22+a32+…+an2）-（a12+a22+a32+…+an-12）=an2
=（4n3-n）-[4（n-1）3-（n-1）]=[n3-（n-1）3]-
=（n2+n2-n+n2-2n+1）-=4n2-4n+1=（2n-1）2
所以an=2n-1，且当n=1时，a1=2×1-1=1??（3分）
又an-a n-1=（2n-1）-[2（n-1）-1]=2，
因此数列{an}是以1为首项且公差为2的等差数列，
所以：Sn=n+n×n（n-1）×2=n2，（2分）
证明：（Ⅱ）（1）当n=1时，T1=1×1=1，
1×S1=1×1=1，关系成立?（1分）
（2）假设当n=k时，关系成立，即Tk≤kSk，则
1×1+2×a2+1+…+kak≤k3（1分）?
?那么T k+1=1×1+2×a2+…+kak+（k+1）a k+1≤k3+（k+1）（2k+1）
=k3+2k2+3k+1＜k3+3k2+3k+1=（k+1）3，即当n=k+1时关系也成立（3分）??
根据（1）和（2）知，关系式Tn≤nSn对任意n∈N*都成立??（1分）
解析分析：（I）因为n≥2时，（a12+a22+a32+…+an2）-（a12+a22+a32+…+an-12）=an2，从而求出an，再根据等差数列的性质可知求出数列的首项与公差，根据首项与公差写出前n项和的公式即可；（II）先根据当n=1时，把n=1代入求值不等式成立；再假设n=k时关系成立，利用变形可得n=k+1时关系也成立，综合得到对于任意n∈N*时都成立．
点评：此题是一道综合题，要求学生掌握等差数列的性质，会求等差数列的通项公式及前n项的和公式，同时要求学生掌握数学归纳法在证明题中的运用．
已知各项为正数的数列{an}满足a12+a22+a32+…+an2=（4n3-n） （n∈N*）．（Ⅰ）求数列{an}的前n项和Sn；（Ⅱ）记数列{nan}的前n项和
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