x星球的居民脾气不太好,但好在他们生气的时候唯一的异常举动是:摔手机;
(1)对于这道题摔手机测试题呢!也就是求它的最优解;我一开始想到这道题的解法呢!是二分解,但你往里面具体的深入的看题,它是一个巨大的坑;既然这样行不通,那我们就只能换另一个思路了,dp动态规划;
我们首先来看一下题目:
****//标题:测试次数
//x星球的居民脾气不太好,但好在他们生气的时候唯一的异常举动是:摔手机。
//各大厂商也就纷纷推出各种耐摔型手机。x星球的质监局规定了手机必须经过耐摔测试,并且评定出一个耐摔指数来,之后才允许上市流通.
//x星球有很多高耸入云的高塔,刚好可以用来做耐摔测试。塔的每一层高度都是一样的,与地球上稍有不同的是,他们的第一层不是地面,而是相当于我们的2楼。
//如果手机从第7层扔下去没摔坏,但第8层摔坏了,则手机耐摔指数=7。
//特别地,如果手机从第1层扔下去就坏了,则耐摔指数=0。
//
在来了解一下如何解题?这个动态规划到底怎么写?
1.我们摔手机测试按着运气再差的心态来说是吧!摔3次,恰巧都坏了呢?
2.令dp[i][j]为i层j个手机的最多(最优)测试次数。第一摔如何摔?每一层都可以作为第一摔。
3.设第一摔选在了第k层。
第一摔只能有两种结果:碎或者不碎。
(1)碎
如果碎了就让他们碎了都-1,楼层和手机,上面的层不再考虑,只需要在下面的层测试,手机少了一部,即 dp[k-1][j-1];
(2)不碎
如果没碎,下面的层不再考虑,只需要在上面的层测试,手机还是那么多,即 dp[i-k][j]
通过上面的分析:
因此,我们得出从k层开始摔,运气最坏需要 max(dp[k-1][j-1], dp[i-k][j]) + 1 次测试
k有多种选择,因此 最好的结果为: dp[i][j] = min( max(dp[k-1][j-1], dp[i-k][j]) + 1 )
所以存在最优解,故我们采取最优策略,求子问题的min即可,而碎或者未碎这种事情会存在最坏情况,故我们采用最坏情况的值,求子决策的max即可。
具体代码展示:
int dp[][]=new int[1001][4];//初始化dp的大小for (int n = 1; n <=3; n++) //它的手机个数for (int i = 1; i <=1000; i++) { //楼层数dp[i][n]=dp[i-1][n]+1;// 当前最优次数[楼层][2]=1+当前最优次数[楼层-1][2];//最坏情况for (int j = 1; j <i&&n>1; j++) dp[i][n]=Math.min(dp[i][n],Math.max(dp[j-1][n-1], dp[i-j][n])+1);//然后math.min找最优解}System.out.println(dp[1000][3]);//当前最优次数;
int dp[][]=new int[1001][4];for (int n = 1; n <=3; n++) for (int i = 1; i <=1000; i++) {dp[i][n]=dp[i-1][n]+1;for (int j = 1; j <i&&n>1; j++) dp[i][n]=Math.min(dp[i][n],Math.max(dp[j-1][n-1], dp[i-j][n])+1);}System.out.println(dp[1000][3]);
结果:19
蓝桥杯——第九届C语言B组第五题:x星球的居民脾气不太好 但好在他们生气的时候唯一的异常举动是:摔手机;
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